设f为R上单调函数,定义g(x)=f(x+0),证明函数g在R上每点都右连续

如题所述

解:g(x)为r上周期为1的函数,则g(x)=g(x+1)
函数f(x)=x+g(x)在区间[0,1]【正好是一个周期区间长度】的值域是[-2,5]
令x+1=t,当x∈[0,1]时,t=x+1∈[1,2]
此时,f(t)=t+g(t)=(x+1)+g(x+1)=(x+1)+g(x)
=[x+g(x)]+1
所以,在t∈[1,2]时,f(t)∈[-1,6]…(1)
同理,令x+2=t,在当x∈[0,1]时,t=x+2∈[2,3]
此时,f(t)=t+g(t)=(x+2)+g(x+2)=(x+2)+g(x)
=[x+g(x)]+2
所以,当t∈[2,3]时,f(t)∈[0,7]…(2)
由已知条件及(1)(2)得到,f(x)在区间[0,3]上的值域为[-2,7]
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第1个回答  2019-05-09
证明:
∵f为R上的单调函数,
∴f的不连续点为最多可数集
设f的不连续点组成的集合为E
则g(x)=f(x+0)=f(x)
x∈R\E
∴g(x)在R\E上连续,则也右连续
任取x∈E,g(x)=lim(t->x+)f(t)=lim(t->x+)g(t)
t∈R\E
∴g在x右连续
综上,g(x)在R上右连续
补充:证明没有用到是否存在那样的开区间.不过可以做如下解释
由于E包含于R,且E为最多可数集
则R\E稠于E,即E中每个点都可以由R\E中的点列来逼近
由于极限lim(t->x+)f(t)存在,所以让t属于R\E来求得的极限必然和t∈R时的极限相同.所以有如上证明.
补充2:请注意,D(x)可不单调
关于那一步证明用的是实变函数的结论.
补充3:我不会^^

设f为R上单调函数,定义g(x)=f(x+0),证明函数g在R上每点都右连续
∵f为R上的单调函数,∴f的不连续点为最多可数集 设f的不连续点组成的集合为E 则g(x)=f(x+0)=f(x) x∈R\\E ∴g(x)在R\\E上连续,则也右连续 任取x∈E,g(x)=lim(t->x+)f(t)=lim(t->x+)g(t) t∈R\\E ∴g在x右连续 综上,g(x)在R上右连续 补充:证明没有用到是...

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